如图所示．质量为m的小球A静止在光滑水平轨道上，小球A距左端竖直墙壁的距离为s．另一个质量为M=3m的小球
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如图所示．质量为m的小球A放在光滑水平轨道上，小球距左端竖直墙壁为s．另一个质量为M=3m的小球B以速度v0~
根据已知M=3m，v=1.2v0，解得：v=0.6v0，
方向与B球碰撞前的速度方向相同．
（2）A球对B球所做功的大小等于B球动能的变化量
所以A球对B球所做功的大小为W=
Mv02-
Mv2=0.96mv02；
（3）设A、B两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为x，
则A球以1.2v0的速度运动的距离为s+x，B球以0.6v0运动的距离为s-x，
A、B两球运动的时间相等，即有
=
，
解得两球发生第二次碰撞的位置距墙壁x=
s；
如图所示．质量为m的小球A静止在光滑水平轨道上，小球A距左端竖直墙壁的距离为s．另一个质量为M=3m的小球视频
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索霍英解得：v=0.6v0，方向与B球碰撞前的速度方向相同．（2）A球对B球所做功的大小等于B球动能的变化量所以A球对B球所做功的大小为W=12Mv02-12Mv2=0.96mv02；（3）设A、B两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为x，则A球以1.2v0的速度运动的距离为s+x，...
17042225091：如图所示,质量为m的小球A系在细线的一端,线的另一端固定在O点,O点到...
索霍英（1）设小球的质量为m，运动到最低点与物块碰撞前的速度大小为v1，取小球运动到最低点重力势能为零，根据机械能守恒定律的：mgh=12mv 21，解得：v1=2gh，设碰撞后小球反弹的速度大小为v1′，由机械能守恒定律得：mgh4=12mv1′2，解得：v1′=gh2；（2）设碰后物块的速度大小为v2，取水平...
17042225091：如图所示,质量为m的小球A沿高度为h倾角为θ的光滑斜面以初速v0滑下...
索霍英对A球落地前的瞬间:P=mgvAsinθ (1)而1\/2(v0+vA)=s\/t (匀变速运动平均速度等于初末速度的平均值)故vA=2s\/t-v0 (2) ---式中s为斜面的长度 将(2)代入(1)可得PA=mg2s sinθ\/t - mgv0sinθ =mg2h\/t - mgv0sinθ 对B球落地前的瞬间:P=mgvB (3)而1\/2(0+vB)=h\/t (...
17042225091：如图所示,质量为m的小球A以速率v 0 向右运动时跟静止的小球B发生碰撞...
索霍英以A、B组成的系统为研究对象，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m A v 0 =m A （- v 0 2 ）+m B v 0 3 ，解得m B =4.5m；以A为研究对象，由动能定理得：W= 1 2 m A (- v 0 2 ) 2 - 1 2 m A...
17042225091：如图所示,质量为m的小球A沿高度为h倾角为θ的光滑斜面以初速v 0 滑...
索霍英A、根据W=mgh知，重力对两球做功相同．故A正确．B、对A球，根据动能定理得，mgh= 1 2 mv A 2 - 1 2 mv 0 2 ，对B球，根据动能定理得，mgh= 1 2 mv B 2 ，知v A ＞v B ．故B正确．C、两球都做匀变速直线运动，运动时间相等...
17042225091：如图所示,质量为m的小球A以v0=10m\/s速度水平向右运动,与静止在光滑水平...
索霍英取水平向右的方向为正方向，设碰撞后A球的速度为v1，B球的速度为v2．两球碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得：mAv0=mAv1+mBv2 ，两球发生完全弹性碰撞，由机械能守恒定律得：12mAv02＝12mAv12+12mBv22，代入数据并整理后可得：v12?5v1?50＝0解得：v1=-5m\/s、v2=5m\/s，A球速度为5m...
17042225091：如图所示,质量为m的小球A沿高度为h、倾角为θ的光滑斜面从顶端由静止滑...
索霍英A、根据W=mgh知，重力对两球做功相同．故A错误B、对A球，根据动能定理得，mgh=12mvA2-0，对B球，根据动能定理得，mgh=12mvB2，知vA=vB，但方向不同．故B错误，C正确．D、A球下滑的时间为t，则有：hsinθ＝12gsinθt2得：t=2hgsin2θB下落时间为t′，则有：h=12gt′2得：t′＝2hg...
17042225091：如图所示,质量为m的小球A沿高度为h倾角为θ的光滑斜面由静止滑下,另...
索霍英A、根据W=mgh知，重力对两球做功相同．故A正确；B、根据动能定理两球下落时都只有重力做功，两球落地时的速率相同，故B错误；C、在斜面上下滑的小球沿斜面向下的加速度a=gsinθ，且沿斜面方向的位移大于竖方向下落的位移，故可知沿斜面上运动的时间长，而重力做功相同，故重力做功平均功率不同，所以...
17042225091：如图所示,质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放,落到地面...
索霍英则W f =-mg(H+h)，所以小球的机械能减少了mg(H+h)，所以A选项正确，B选项错误；小球自由落下至地面过程，机械能守恒， , , 落到地面上后又陷入泥潭中，由动量定理 ，所以 ，小球所受阻力的冲量大于 ,所以C选项正确；由动量定理知小球动量的改变量等于合外力的冲量，所以D选项错误。
17042225091：如图所示,质量为 m 的小球A以速率 v 0 向右运动时跟静止的小球B发生碰 ...
索霍英4.5m ；3 mv 0 2 \/8 试题分析：规定向右为正方向，根据动量守恒定律可得， ，解得 ,B对A所做的功为A的动能变化量，所以 ，点评：需要注意正负方向，即速度的正负号
（1）A、B两球碰撞过程动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：Mv0=MV+mv，代入数据解得：V=0.6v0，方向与B球碰撞前的速度方向相同；（2）设A、B两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为x，则A球以1.2 v0的速度运动的距离为s+x，B球以0.6 v0运动的距离为s-x，A、B两球运动的时间相等，即有：s+x1.2v0＝s?x0.6v0，解得两球发生第二次碰撞的位置距墙壁：x＝13s．答：（1）两球发生第一次碰撞后小球B的速度大小为：0.6v0，方向与B球碰撞前的速度方向相同．（2）两球发生第二次碰撞的位置到墙壁的距离为13s．
（1）0.6 v 0 ；方向与 B 球碰撞前的速度方向相同 （2）0.96 mv 0 2 （3） （1） A 、 B 两球碰撞过程动量守恒，即 Mv 0 = MV+mv （2分）根据已知： M =3 m ， v = 1.2 v 0 解得 V = 0.6 v 0 方向与 B 球碰撞前的速度方向相同。（3分）（2） A 球对 B 球所做功的大小等于 B 球动能的减少量所以 A 球对 B 球所做功的大小为： W= Mv 0 2 - MV 2 =0.96 mv 0 2 ………（3分）（3）设 A 、 B 两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为 x ，则 A 球以1.2 v 0 的速度运动的距离为 s + x ， B 球以0.6 v 0 运动的距离为 s – x ， A 、 B 两球运动的时间相等，…（3分）则有： …………（3分）解得两球发生第二次碰撞的位置距墙壁： …………（2分）
（1）A、B两球碰撞过程动量守恒，即Mv0=Mv+mv，根据已知M=3m，v=1.2v0，解得：v=0.6v0，
方向与B球碰撞前的速度方向相同．
（2）A球对B球所做功的大小等于B球动能的变化量
所以A球对B球所做功的大小为W=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
（3）设A、B两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为x，
则A球以1.2v0的速度运动的距离为s+x，B球以0.6v0运动的距离为s-x，
A、B两球运动的时间相等，即有
| s+x |
| 1.2v0 |
| s?x |
| 0.6v0 |
解得两球发生第二次碰撞的位置距墙壁x=
| 1 |
| 3 |
如图所示．质量为m的小球A静止在光滑水平轨道上，小球A距左端竖直墙壁的距离为s．另一个质量为M=3m的小球视频
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索霍英对A球落地前的瞬间:P=mgvAsinθ (1)而1\/2(v0+vA)=s\/t (匀变速运动平均速度等于初末速度的平均值)故vA=2s\/t-v0 (2) ---式中s为斜面的长度 将(2)代入(1)可得PA=mg2s sinθ\/t - mgv0sinθ =mg2h\/t - mgv0sinθ 对B球落地前的瞬间:P=mgvB (3)而1\/2(0+vB)=h\/t (...
索霍英以A、B组成的系统为研究对象，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m A v 0 =m A （- v 0 2 ）+m B v 0 3 ，解得m B =4.5m；以A为研究对象，由动能定理得：W= 1 2 m A (- v 0 2 ) 2 - 1 2 m A...
索霍英A、根据W=mgh知，重力对两球做功相同．故A正确．B、对A球，根据动能定理得，mgh= 1 2 mv A 2 - 1 2 mv 0 2 ，对B球，根据动能定理得，mgh= 1 2 mv B 2 ，知v A ＞v B ．故B正确．C、两球都做匀变速直线运动，运动时间相等...
索霍英取水平向右的方向为正方向，设碰撞后A球的速度为v1，B球的速度为v2．两球碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得：mAv0=mAv1+mBv2 ，两球发生完全弹性碰撞，由机械能守恒定律得：12mAv02＝12mAv12+12mBv22，代入数据并整理后可得：v12?5v1?50＝0解得：v1=-5m\/s、v2=5m\/s，A球速度为5m...
索霍英A、根据W=mgh知，重力对两球做功相同．故A错误B、对A球，根据动能定理得，mgh=12mvA2-0，对B球，根据动能定理得，mgh=12mvB2，知vA=vB，但方向不同．故B错误，C正确．D、A球下滑的时间为t，则有：hsinθ＝12gsinθt2得：t=2hgsin2θB下落时间为t′，则有：h=12gt′2得：t′＝2hg...
索霍英A、根据W=mgh知，重力对两球做功相同．故A正确；B、根据动能定理两球下落时都只有重力做功，两球落地时的速率相同，故B错误；C、在斜面上下滑的小球沿斜面向下的加速度a=gsinθ，且沿斜面方向的位移大于竖方向下落的位移，故可知沿斜面上运动的时间长，而重力做功相同，故重力做功平均功率不同，所以...
索霍英则W f =-mg(H+h)，所以小球的机械能减少了mg(H+h)，所以A选项正确，B选项错误；小球自由落下至地面过程，机械能守恒， , , 落到地面上后又陷入泥潭中，由动量定理 ，所以 ，小球所受阻力的冲量大于 ,所以C选项正确；由动量定理知小球动量的改变量等于合外力的冲量，所以D选项错误。
索霍英4.5m ；3 mv 0 2 \/8 试题分析：规定向右为正方向，根据动量守恒定律可得， ，解得 ,B对A所做的功为A的动能变化量，所以 ，点评：需要注意正负方向，即速度的正负号
