如图所示，平行板电容器两极板间有场强为E的匀强电场，且带正电的极板接地．一质量为m，电荷量为+q的带电
来自： 更新日期：早些时候
（2006?江苏）如图所示，平行板电容器两极板间有场强为E的匀强电场，且带正电的极板接地．一质量为m，电~
如图所示，平行板电容器两极板间有场强为E的匀强电场，且带正电的极板接地．一质量为m，电荷量为+q的带电视频
相关评论：18537471651：如图所示,平行板电容器两极板与静电计金属球和外壳分别连接,对电容器...
龙俩满A、极板间距离d增大，则根据C=?S4πkd 可知电容器的电容减小，再根据C=QU 知，Q不变C减小，故电势差U增大，及静电计的张角变大，故A正确；B、极板间距离d减小，则根据C=?S4πkd可知电容器的电容增大，再根据C=QU知，Q不变C增大，故电势差U减小，及静电计的张角变小，故B错误；C、平行板...
18537471651：如图所示,平行板电容器的两极板A、B接于电池两极,一带正电的小球悬挂...
龙俩满A、保持开关S闭合，电容器极板间的电压不变，将A板向B板靠近，由E=Ud，知场强增大，小球所受的电场力增大，则θ增大，故A正确．B、断开S，电容器的带电量不变．由C?S4πkd，C=QU和E=Ud结合可得：E=4πkQ?S，与d无关．则知d减小时E不变，电场力不变，θ不变．故B正确；C、保持开关S...
18537471651：如图所示,平行板电容器两极板A和B分别与电源的正、负极相连且A板接地...
龙俩满A、由题意可知，电容器始终与电源相连，电源器两端的电压不变，则电容器两端的电势差保持不变，故A错误；B、由U=Ed可知，d增大，U不变，则场强E减小；故B减小；C、因E减小，PB间的距离不变，由U=Ed知，故PB间的电势差减小，而板间总的电势差不变，所以PA间的电势差增大；因A板接地，板间场强...
18537471651：如图所示,平行板电容器两极板加有直流电压U,在A板附近有一电子由静止...
龙俩满粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理：eU=12mv2所以：A、两板间距离越大，场强E=Ud越小，加速时间越长，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故A错误；B、两板间距离越小，场强E=Ud越大，加速度就越大，当两板间距离越小加速时间越短，又因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不...
18537471651：如图所示,平行板电容器两极板间有场强为E的匀强电场,且带正电的极板接 ...
龙俩满⑤联立④⑤进而求得：E kx = 1 2 mv 2x =qE（x-x 0 ）E=E kx +E px =-qEx 0 =E x0 （2）解法二在 x轴上任取两点 x 1 、x 2 ，速度答：分别为 v 1 、v 2 F=qE=mav 22 -v 21 =2a（x 2 -x 1 ）联立得： 1 2 mv 22 ...
18537471651：如图所示,平行板电容器的两极板A、B与电池两极相连,一带正电小球悬挂...
龙俩满A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大．故A正确，B错误． C、断开开关S，电容器所带的电量不变，C= ?s 4πkd ，E= U d = Q Cd = 4πkQ ?s ．...
18537471651：如图所示,平行板电容器两极板带等量异种电荷,提供一个竖直向上的匀强...
龙俩满该电场的电场强度的大小E=2mgq；（2）若A、B间距离为两板间距离的一半，带电小球向上运动到B点的瞬间，两极板整体逆时针转动60°，同时在板间加一垂直纸面的匀强磁场，带电小球恰好做匀速直线运动，该匀强磁场的磁感应强度的大小B=3mq
18537471651：如图所示平行板电容器两极板的面积都是S,相距为d, 其间有一厚度为t的...
龙俩满平行板电容 C＝ε S \/ (4π k d ) ，ε是两极板之间的电介质的介电常数，S是正对面积，d 是两板的距离，k 是常量（库仑定律中的 k ）。在本题中，中间的金属板有两个表面，分别与原来电容器的两块极板组成两个串联的电容器。设其中一个电容器两板间的距离是 d1，另一电容器两板间的...
18537471651：(2012?泗县模拟)如图所示,平行板电容器的两极板A、B接于电池两极,一带...
龙俩满若保持S闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，因此根据E＝Ud可知，当将A板向B板靠近时，电场强度增大，则电场力增大，θ将增大，故A正确，B错误．若断开S，电容器带电量保持不变，由C＝?S4πkd和C＝QU以及E＝Ud可得：E＝4πkQ?S，由于Q、S不变，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力...
18537471651：如图所示,平行板电容器两极板始终与电源连接,两板间有一带正电的小球...
龙俩满图像看不清，只能猜啊，呵呵。两极板始终与电源连接，电压不变。由U=E\/d，场强减小；从与圆心水平位置到a或b点，电场力做功大小：W=FR=qER减小，小球带正电，下板带正电，上板带负电，到a过程做负功，到b过程做正功。重力做功不变，由动能定理可知，a点动能增大，b点动能减小。 所以Va增大Vb...
（1）W电=qEx0…①W电=-（Epx0-0）…②联立①②得Epx0=-qEx0（2）解法一在带电粒子的运动方向上任取一点，设坐标为 x由牛顿第二定律可得qE=ma…④由运动学公式得V 2x=2a（x-x0）…⑤联立④⑤进而求得：Ekx=12mv 2x=qE（x-x0）E=Ekx+Epx=-qEx0=Ex0（2）解法二在 x轴上任取两点 x1、x2，速度答：分别为 v1、v2F=qE=mav 22-v 21=2a（x2-x1）联立得：12mv 22-12m v 21=qE（x2-x1）12m v 22+（-qEx2）=12m v 21+（-qEx1）Ek2+EP2=Ek1+Ep1答：（1）该粒子在x0处电势能-qEx0（2）该带电粒子在极板间运动过程中，其动能与电势能之和保持不变．
A、将电容器的上极板稍稍下移，d变小，电势差不变，则电场强度增大，电场力增大，将向上运动．故A正确．B、将电容器的下极板稍稍下移，d变大，电势差不变，则电场强度减小，电场力减小，将向下运动．故B错误．C、将S断开，Q不变，s减小，根据E=Ud，U=QC，C=?s4πkd，则E=4πkQ?s，E变大，则电场力变大，液滴向上运动．故C正确．D、将S断开，Q不变，减小d，根据E=Ud，U=QC，C=?s4πkd，则E=4πkQ?s，与d无关，则E不变，带电液滴不动．故D错误．故选：AC．
| （1）W 电 =qE x0 …① W 电 =-（E px0 -0）…② 联立①②得E px0 =-qE x0 （2）解法一 在带电粒子的运动方向上任取一点，设坐标为 x 由牛顿第二定律可得 qE=ma…④ 由运动学公式得 V
联立④⑤进而求得： E kx =
E=E kx +E px =-qEx 0 =E x0 （2）解法二 在 x轴上任取两点 x 1 、x 2 ，速度答：分别为 v 1 、v 2 F=qE=ma v
联立得：
E k2 +E P2 =E k1 +E p1 答：（1）该粒子在x 0 处电势能-qE x0 （2）该带电粒子在极板间运动过程中，其动能与电势能之和保持不变． |
如图所示，平行板电容器两极板间有场强为E的匀强电场，且带正电的极板接地．一质量为m，电荷量为+q的带电视频
相关评论：
龙俩满A、极板间距离d增大，则根据C=?S4πkd 可知电容器的电容减小，再根据C=QU 知，Q不变C减小，故电势差U增大，及静电计的张角变大，故A正确；B、极板间距离d减小，则根据C=?S4πkd可知电容器的电容增大，再根据C=QU知，Q不变C增大，故电势差U减小，及静电计的张角变小，故B错误；C、平行板...
龙俩满A、保持开关S闭合，电容器极板间的电压不变，将A板向B板靠近，由E=Ud，知场强增大，小球所受的电场力增大，则θ增大，故A正确．B、断开S，电容器的带电量不变．由C?S4πkd，C=QU和E=Ud结合可得：E=4πkQ?S，与d无关．则知d减小时E不变，电场力不变，θ不变．故B正确；C、保持开关S...
龙俩满A、由题意可知，电容器始终与电源相连，电源器两端的电压不变，则电容器两端的电势差保持不变，故A错误；B、由U=Ed可知，d增大，U不变，则场强E减小；故B减小；C、因E减小，PB间的距离不变，由U=Ed知，故PB间的电势差减小，而板间总的电势差不变，所以PA间的电势差增大；因A板接地，板间场强...
龙俩满粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理：eU=12mv2所以：A、两板间距离越大，场强E=Ud越小，加速时间越长，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故A错误；B、两板间距离越小，场强E=Ud越大，加速度就越大，当两板间距离越小加速时间越短，又因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不...
龙俩满⑤联立④⑤进而求得：E kx = 1 2 mv 2x =qE（x-x 0 ）E=E kx +E px =-qEx 0 =E x0 （2）解法二在 x轴上任取两点 x 1 、x 2 ，速度答：分别为 v 1 、v 2 F=qE=mav 22 -v 21 =2a（x 2 -x 1 ）联立得： 1 2 mv 22 ...
龙俩满A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大．故A正确，B错误． C、断开开关S，电容器所带的电量不变，C= ?s 4πkd ，E= U d = Q Cd = 4πkQ ?s ．...
龙俩满该电场的电场强度的大小E=2mgq；（2）若A、B间距离为两板间距离的一半，带电小球向上运动到B点的瞬间，两极板整体逆时针转动60°，同时在板间加一垂直纸面的匀强磁场，带电小球恰好做匀速直线运动，该匀强磁场的磁感应强度的大小B=3mq
龙俩满平行板电容 C＝ε S \/ (4π k d ) ，ε是两极板之间的电介质的介电常数，S是正对面积，d 是两板的距离，k 是常量（库仑定律中的 k ）。在本题中，中间的金属板有两个表面，分别与原来电容器的两块极板组成两个串联的电容器。设其中一个电容器两板间的距离是 d1，另一电容器两板间的...
龙俩满若保持S闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，因此根据E＝Ud可知，当将A板向B板靠近时，电场强度增大，则电场力增大，θ将增大，故A正确，B错误．若断开S，电容器带电量保持不变，由C＝?S4πkd和C＝QU以及E＝Ud可得：E＝4πkQ?S，由于Q、S不变，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力...
龙俩满图像看不清，只能猜啊，呵呵。两极板始终与电源连接，电压不变。由U=E\/d，场强减小；从与圆心水平位置到a或b点，电场力做功大小：W=FR=qER减小，小球带正电，下板带正电，上板带负电，到a过程做负功，到b过程做正功。重力做功不变，由动能定理可知，a点动能增大，b点动能减小。 所以Va增大Vb...
