如图所示是一场强大小为E的匀强电场，现将一电子从A点移动到B点．已知电子的带电量为e，AB间距离为d，AB
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如图所示是一场强大小为E的匀强电场，现将一电子从A点移动到B点．已知电子的带电量为e，AB间距离为d，AB~
A、沿着电场线方向，电势逐渐降低，所以φA＞φB，A错误；
B、匀强电场电场力做功W=Eqlcosθ=eEdcos（180°-37°）=-eEdcos37°，所以B错误；
C、A、B两点的电势差为UAB=Edcos37°，故C正确；
D、电场力对电子做负功，电势能增加，故D正确；
故选：CD．
如图所示是一场强大小为E的匀强电场，现将一电子从A点移动到B点．已知电子的带电量为e，AB间距离为d，AB视频
相关评论：13211003326：如图所示,在场强大小为E方向竖直向下的匀强电场中,取某点O为圆心,以r...
魏泳差A、B、在d点场强为零，防止试探电荷q，则场源电荷的电场力向上，故场源电荷带负电；根据平衡条件，有：qE=四Qqr2解得：Q=Er2四故A正确，B错误；C、对于场源电荷，b、d是等势点，从b点移动到d点时，电场力不做功；对于匀强电场，b点移动到d点时，电场力做功；故由b点移动到d点时，电场力...
13211003326：如图所示,平行板电容器中有一场强为E的匀强电场,电容器上板带正电,下...
魏泳差tanθ=qELmv20，则：θ=arctanqELmv20；（2）粒子在电场中的偏移量：y=12at2，解得：y=qEL22mv20，则偏移量：OP=y+Dtanθ，解得：OP=qEL22mv20+qEDLmv20；答：（1）带电粒子从板右端射出时速度方向与水平方向的夹角为arctanqELmv20；（2）偏移量OP的大小为qEL22mv20+qEDLmv20．
13211003326：在场强大小为E的匀强电场中,一质量为m、带电量为+q的物体以某一初速度...
魏泳差ACD 正电荷所受电场力与场强方向相同，沿电场反方向运动，电场力做负功， ,电势能增加 ，AC对B错。据动能定理，合外力做功等于动能增量，合外力 ，物体做匀减速直线运动，动能减少，合外力做功 ，即物体的动能减少了 ，D对。
13211003326：...当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时,验电器的箔片...
魏泳差因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布．就是所谓“静电屏蔽”的原理．此时验电器不会受到影响，故验电器的箔片不张开．故答案为：不张开；静电屏蔽；E...
13211003326：如图所示,坐标空间中有场强为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场...
魏泳差解：（1）粒子在电场中飞行的时间为t，由水平方向匀速知：t= 竖直方向： ∴ （2）设经过y轴的速度为v，由动能定理知： ∴ 设与水平方向夹角为θ，则：cosθ= ∴θ=45°当粒子轨迹与磁场边界刚好相切时的磁场宽度为d 0 ，则： ∴d 0 = 所以粒子不再飞回电场，磁场的宽度...
13211003326：...存在着沿y轴负方向、场强大小为E的匀强电场,
魏泳差则对于从P点射入的粒子由牛顿第二定律得 在竖直方向上由匀变速直线运动规律得 解得： (2)设某一粒子进入磁场时，速度v的方向与x轴成 角，在磁场中做圆周运动的轨道半径为r，该粒子从x轴上射出磁场的位置与O点的距离为d，画出带电粒子在磁场中的运动轨迹如图所示， 在...
13211003326：在场强大小为E的匀强电场中,一质量为m、带电量为q的物体以某一初速度...
魏泳差AC 详细原因，正在补充：不好意思，刚才没看清题，应该是AD A：物体客服电场力做工就等于 电场力和位移的乘机，这是直线运动所以 EqS 没错 BC：克服电场力做功电势能应该增加才对，类比于客服重力做功，所以BC都错了。D：物体的加速度是0.8qE\/m，说明还有其他力的作用。动能变化为 -1\/2mvv。配合...
13211003326：(2014?湖北模拟)如图所示,在平面直角坐标系内,第一、二象限存在场强大小...
魏泳差（1）带电粒子在第二象限中做匀加速直线运动，设进入第一象限的速度是v 1，则：12mv21＝qEl得：v1＝2qElm粒子在第一象限在做类平抛运动，x=v1t2； l＝12at22；a＝qEm解得：x=2l粒子在竖直方向上 速度：vy=at2=v1粒子进入第四象限时的速度大小：v＝v21+v2y＝2v1=2qElm方向：tanθ...
13211003326：场强为E的匀强电场与磁感应强度为B的匀强磁场正交,复合场的水平宽度为...
魏泳差即从以v0入复合场，至粒子飞离复合场），做功的力只有电场力。根据动能定理得 W=ΔEk=(E1-E2) 即总功等于动能的变化量（末减初）又因为 W=FS （F为做功的恒力的大小；S为该力方向上发生的位移），且 电场力 F=qE 则 W= qEd=ΔEk 即 C 希望满意，愿学业有成。
13211003326：...绝缘细线悬挂在O点,小球处在水平方向场强大小为E的匀强
魏泳差小球受重力、拉力和电场力平衡，受力如图， 有tan θ= qE mg ，当质量m增大，θ变小，细线长度l增大，θ不变，电量q增大，θ增大，场强增大，θ增大．故C正确，A、B、D错误．故选C．
CD 试题分析：根据沿电场线的方向电势降低，可判断A点的电势 大于B点电势 ，所以A错误；由于电子带负电，把电子从A移动到B电场力做负功即W＝-eEdcos37°，所以B错误；根据电势差与场强的关系可求U AB ＝Ed cos37°，所以C正确；电场力做负功电势能最大，故D正确。
电子由a到b电场力做负功，动能减小，能量守恒，所以电势能增大，所以A错
电子由b到c，由b到虚线的过程负电荷的场强越来越大，对电子的排斥力越来越大，所以先负功，由虚线到c就是相反的道理，所以B对
C与A道理相反，所以C错
电子由d到a，d到虚线的过程正电荷的场强越来越大，对电子的吸引力越来越大，所以电子动能越来越大，能量守恒，电势能越来越小，由虚线到a道理相反。因为a与d在等势面上，所以电势能总增量为0
A、沿着电场线方向，电势逐渐降低，所以φA＞φB，A错误；
B、匀强电场电场力做功W=Eqlcosθ=eEdcos（180°-37°）=-eEdcos37°，所以B错误；
C、A、B两点的电势差为UAB=Edcos37°，故C正确；
D、电场力对电子做负功，电势能增加，故D正确；
故选：CD．
如图所示是一场强大小为E的匀强电场，现将一电子从A点移动到B点．已知电子的带电量为e，AB间距离为d，AB视频
相关评论：
魏泳差A、B、在d点场强为零，防止试探电荷q，则场源电荷的电场力向上，故场源电荷带负电；根据平衡条件，有：qE=四Qqr2解得：Q=Er2四故A正确，B错误；C、对于场源电荷，b、d是等势点，从b点移动到d点时，电场力不做功；对于匀强电场，b点移动到d点时，电场力做功；故由b点移动到d点时，电场力...
魏泳差tanθ=qELmv20，则：θ=arctanqELmv20；（2）粒子在电场中的偏移量：y=12at2，解得：y=qEL22mv20，则偏移量：OP=y+Dtanθ，解得：OP=qEL22mv20+qEDLmv20；答：（1）带电粒子从板右端射出时速度方向与水平方向的夹角为arctanqELmv20；（2）偏移量OP的大小为qEL22mv20+qEDLmv20．
魏泳差ACD 正电荷所受电场力与场强方向相同，沿电场反方向运动，电场力做负功， ,电势能增加 ，AC对B错。据动能定理，合外力做功等于动能增量，合外力 ，物体做匀减速直线运动，动能减少，合外力做功 ，即物体的动能减少了 ，D对。
魏泳差因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布．就是所谓“静电屏蔽”的原理．此时验电器不会受到影响，故验电器的箔片不张开．故答案为：不张开；静电屏蔽；E...
魏泳差解：（1）粒子在电场中飞行的时间为t，由水平方向匀速知：t= 竖直方向： ∴ （2）设经过y轴的速度为v，由动能定理知： ∴ 设与水平方向夹角为θ，则：cosθ= ∴θ=45°当粒子轨迹与磁场边界刚好相切时的磁场宽度为d 0 ，则： ∴d 0 = 所以粒子不再飞回电场，磁场的宽度...
魏泳差则对于从P点射入的粒子由牛顿第二定律得 在竖直方向上由匀变速直线运动规律得 解得： (2)设某一粒子进入磁场时，速度v的方向与x轴成 角，在磁场中做圆周运动的轨道半径为r，该粒子从x轴上射出磁场的位置与O点的距离为d，画出带电粒子在磁场中的运动轨迹如图所示， 在...
魏泳差AC 详细原因，正在补充：不好意思，刚才没看清题，应该是AD A：物体客服电场力做工就等于 电场力和位移的乘机，这是直线运动所以 EqS 没错 BC：克服电场力做功电势能应该增加才对，类比于客服重力做功，所以BC都错了。D：物体的加速度是0.8qE\/m，说明还有其他力的作用。动能变化为 -1\/2mvv。配合...
魏泳差（1）带电粒子在第二象限中做匀加速直线运动，设进入第一象限的速度是v 1，则：12mv21＝qEl得：v1＝2qElm粒子在第一象限在做类平抛运动，x=v1t2； l＝12at22；a＝qEm解得：x=2l粒子在竖直方向上 速度：vy=at2=v1粒子进入第四象限时的速度大小：v＝v21+v2y＝2v1=2qElm方向：tanθ...
魏泳差即从以v0入复合场，至粒子飞离复合场），做功的力只有电场力。根据动能定理得 W=ΔEk=(E1-E2) 即总功等于动能的变化量（末减初）又因为 W=FS （F为做功的恒力的大小；S为该力方向上发生的位移），且 电场力 F=qE 则 W= qEd=ΔEk 即 C 希望满意，愿学业有成。
魏泳差小球受重力、拉力和电场力平衡，受力如图， 有tan θ= qE mg ，当质量m增大，θ变小，细线长度l增大，θ不变，电量q增大，θ增大，场强增大，θ增大．故C正确，A、B、D错误．故选C．
